Lösung zu Aviatik 2006/1 - Versionsgeschichte

Admin am 10. Januar 2007 um 06:18 Uhr

2007-01-10T06:18:31Z

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	#Mit dieser Aufgabe soll geprüft werden, ob das Wissen um die [[Bilanz\|Bilanzgleichung]] bezüglich der Grösse [[Volumen]] verfügbar ist und die Zusammenhänge zwischen Inhalt, Füllhöhe und den zugehörigen Änderungsraten bekannt sind.		#Mit dieser Aufgabe soll geprüft werden, ob das Wissen um die [[Bilanz\|Bilanzgleichung]] bezüglich der Grösse [[Volumen]] verfügbar ist und die Zusammenhänge zwischen Inhalt, Füllhöhe und den zugehörigen Änderungsraten bekannt sind.
	##Die Volumenänderungsrate in einem System ist gleich der Summe über alle Volumenstromstärken bezüglich des Systems: <math>\sum_i I_{Vi} = \dot V</math>. Zum Zeitnullpunkt beträgt die Volumenänderungsrate 0.1 l/s, nach 200s 0.3 l/s.		##Die Volumenänderungsrate in einem System ist gleich der Summe über alle Volumenstromstärken bezüglich des Systems: <math>\sum_i I_{Vi} = \dot V</math>. Zum Zeitnullpunkt beträgt die Volumenänderungsrate 0.1 l/s, nach 200s 0.3 l/s.
	##Zum Zeitpunkt 100 s beträgt die Volumenänderungsrate 0.2 l/s. Dividiert man diese Grösse durch die Grundfläche des Gefässes, erhält man die Geschwindigkeit des Wasserspiegels <math>v = \frac {\dot V}{A}</math>.		##Zum Zeitpunkt 100 s beträgt die Volumenänderungsrate 0.2 l/s. Dividiert man diese Grösse durch die Grundfläche des Gefässes, erhält man die Geschwindigkeit des Wasserspiegels <math>v = \frac {\dot V}{A} = 5 mm/s</math>.
	##In den fraglichen 200 s fliessen 220 l zu und 180 l ab (entsprechend den Flächen unter den Volumenstromstärken-Zeit-Diagrammen). Folglich nimmt der Inhalt um 40 l zu. Dividiert man diese Zunahme durch die Grundfläche des Gefässes, erhält man eine Zunahme des Füllstandes von einem Meter.		##In den fraglichen 200 s fliessen 220 l zu und 180 l ab (entsprechend den Flächen unter den Volumenstromstärken-Zeit-Diagrammen). Folglich nimmt der Inhalt um 40 l zu. Dividiert man diese Zunahme durch die Grundfläche des Gefässes, erhält man eine Zunahme des Füllstandes von einem Meter.
	#Diese Aufgabe soll den Begriff hydrodynamische [[Prozessleistung]] und den Umgang mit den Widerstandsgesetzen bei turbulenter und laminarer Strömung überprügen.		#Diese Aufgabe soll den Begriff hydrodynamische [[Prozessleistung]] und den Umgang mit den Widerstandsgesetzen bei turbulenter und laminarer Strömung überprügen.

Admin am 16. Dezember 2006 um 11:19 Uhr

2006-12-16T11:19:38Z

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	##Das korrekte SD-Modell ist nebenstehend abgebildet.		##Das korrekte SD-Modell ist nebenstehend abgebildet.
	##Die Kondensatorenergie berechnet sich aus einer Integration über die Prozessleistung. Weil ein idealer [[Kondensator]] ein reiner Energiespeicher ist, kann die am Ende des Prozesses gespeicherte Energie direkt berechnet werden <math>W = \frac {1}{2}CU^2</math> = 180 mJ.		##Die Kondensatorenergie berechnet sich aus einer Integration über die Prozessleistung. Weil ein idealer [[Kondensator]] ein reiner Energiespeicher ist, kann die am Ende des Prozesses gespeicherte Energie direkt berechnet werden <math>W = \frac {1}{2}CU^2</math> = 180 mJ.
	##[[Bild:Aviatik_1_4.png\|thumb\|]]Tauscht man das Glühbirnchen gegen einen stromunabhängigen Widerstand aus, muss die gegebene Spannungs-Strom-Funktion durch den Quotienten ''I = U/R'' ersetzt werden. Vergleicht den Widerstand von 6 Ω mit dem aus der Spannungs-Strom-Funktion des Glühbirnchens zu berechnenden Wert, wird klar, dass der Widerstand bei den anfänglich anliegenden 6 V Spannung mehr Strom durchlässt als das Glühbirnchen. Für 6 V liefert die charakteristische Funktion des Glühbirnchens einen Widerstand von <math>R = \frac {U}{I} = \frac {6 V}{\frac{6 V}{6 V + 3.7 V}0.8 A} = \frac {9.7 V}{0.8 A}</math> = 12.1 Ω. Das nebenstehend abgebildete Ladungs-Zeit-Diagrmm zeigt die Ladungs-Zeit-Kurve für die ''R-C-''Schaltung (''Q<sub>2</sub>'') und für das System Glühbirnchen und Kondensator (''Q<sub>1</sub>'').		##[[Bild:Aviatik_1_4.png\|thumb\|Ladungs-Zeit-Kurve]]Tauscht man das Glühbirnchen gegen einen stromunabhängigen Widerstand aus, muss die gegebene Spannungs-Strom-Funktion durch den Quotienten ''I = U/R'' ersetzt werden. Vergleicht den Widerstand von 6 Ω mit dem aus der Spannungs-Strom-Funktion des Glühbirnchens zu berechnenden Wert, wird klar, dass der Widerstand bei den anfänglich anliegenden 6 V Spannung mehr Strom durchlässt als das Glühbirnchen. Für 6 V liefert die charakteristische Funktion des Glühbirnchens einen Widerstand von <math>R = \frac {U}{I} = \frac {6 V}{\frac{6 V}{6 V + 3.7 V}0.8 A} = \frac {9.7 V}{0.8 A}</math> = 12.1 Ω. Das nebenstehend abgebildete Ladungs-Zeit-Diagrmm zeigt die Ladungs-Zeit-Kurve für die ''R-C-''Schaltung (''Q<sub>2</sub>'') und für das System Glühbirnchen und Kondensator (''Q<sub>1</sub>'').
	##Der Glühdraht besitzt eine thermische Kapazität. Deshalb dauert es nach dem Einschalten des Stromes eine Weile, bis der Glühdraht seine Betriebstemperatur erreicht hat. Im ersten Moment lässt der Glühdraht sogar mehr Strom durch als der 6-Ω-Widerstand.		##Der Glühdraht besitzt eine thermische Kapazität. Deshalb dauert es nach dem Einschalten des Stromes eine Weile, bis der Glühdraht seine Betriebstemperatur erreicht hat. Im ersten Moment lässt der Glühdraht sogar mehr Strom durch als der 6-Ω-Widerstand.

Admin am 16. Dezember 2006 um 11:15 Uhr

2006-12-16T11:15:34Z

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	##Das korrekte SD-Modell ist nebenstehend abgebildet.		##Das korrekte SD-Modell ist nebenstehend abgebildet.
	##Die Kondensatorenergie berechnet sich aus einer Integration über die Prozessleistung. Weil ein idealer [[Kondensator]] ein reiner Energiespeicher ist, kann die am Ende des Prozesses gespeicherte Energie direkt berechnet werden <math>W = \frac {1}{2}CU^2</math> = 180 mJ.		##Die Kondensatorenergie berechnet sich aus einer Integration über die Prozessleistung. Weil ein idealer [[Kondensator]] ein reiner Energiespeicher ist, kann die am Ende des Prozesses gespeicherte Energie direkt berechnet werden <math>W = \frac {1}{2}CU^2</math> = 180 mJ.
	##[[Bild:Aviatik_1_4.png\|thumb\|]]~~Ersetzt~~ man das Glühbirnchen ~~durch~~ einen stromunabhängigen Widerstand, muss die gegebene Spannungs-Strom-Funktion durch den Quotienten ''I = U/R'' ersetzt werden. Vergleicht ~~man~~ den ~~hier gegebenen~~ Widerstand von 6 Ω mit dem aus der Spannungs-Strom-Funktion des Glühbirnchens zu berechnenden ~~Widerstandes~~, wird klar, dass der Widerstand bei den anfänglich anliegenden 6 V Spannung mehr Strom durchlässt, als das Glühbirnchen.		##[[Bild:Aviatik_1_4.png\|thumb\|]]Tauscht man das Glühbirnchen gegen einen stromunabhängigen Widerstand aus, muss die gegebene Spannungs-Strom-Funktion durch den Quotienten ''I = U/R'' ersetzt werden. Vergleicht den Widerstand von 6 Ω mit dem aus der Spannungs-Strom-Funktion des Glühbirnchens zu berechnenden Wert, wird klar, dass der Widerstand bei den anfänglich anliegenden 6 V Spannung mehr Strom durchlässt als das Glühbirnchen. Für 6 V liefert die charakteristische Funktion des Glühbirnchens einen Widerstand von <math>R = \frac {U}{I} = \frac {6 V}{\frac{6 V}{6 V + 3.7 V}0.8 A} = \frac {9.7 V}{0.8 A}</math> = 12.1 Ω. Das nebenstehend abgebildete Ladungs-Zeit-Diagrmm zeigt die Ladungs-Zeit-Kurve für die ''R-C-''Schaltung (''Q<sub>2</sub>'') und für das System Glühbirnchen und Kondensator (''Q<sub>1</sub>'').
			##Der Glühdraht besitzt eine thermische Kapazität. Deshalb dauert es nach dem Einschalten des Stromes eine Weile, bis der Glühdraht seine Betriebstemperatur erreicht hat. Im ersten Moment lässt der Glühdraht sogar mehr Strom durch als der 6-Ω-Widerstand.

	'''[[Aviatik 2006/1\|Prüfung]]'''		'''[[Aviatik 2006/1\|Prüfung]]'''

Admin am 16. Dezember 2006 um 10:39 Uhr

2006-12-16T10:39:00Z

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	#[[Bild:Aviatik_1_3.jpg\|thumb\|Systemdiagramm]]Die [[System Dynamics\|systemdynamische Modellierungstechnik]] basiert auf der [[Bilanz]] von [[Primärgrösse\|Primärgrössen]]. Folglich beginnt man hier mit der Bilanz bezüglich des Kondensators. Aus der Ladung kann die Spannung über dem Kondensator berechnet werden. Die Differenz zu ''U<sub>0</sub>'' liegt dann über dem Glühbirnchen. Diese Differenzspannung liefert über die in der Aufgabe gegebene Funktion die Stärke des Stromes durch das Glühbirnchen und folglich auf bezüglich des Kondensators.		#[[Bild:Aviatik_1_3.jpg\|thumb\|Systemdiagramm]]Die [[System Dynamics\|systemdynamische Modellierungstechnik]] basiert auf der [[Bilanz]] von [[Primärgrösse\|Primärgrössen]]. Folglich beginnt man hier mit der Bilanz bezüglich des Kondensators. Aus der Ladung kann die Spannung über dem Kondensator berechnet werden. Die Differenz zu ''U<sub>0</sub>'' liegt dann über dem Glühbirnchen. Diese Differenzspannung liefert über die in der Aufgabe gegebene Funktion die Stärke des Stromes durch das Glühbirnchen und folglich auf bezüglich des Kondensators.
	##Das korrekte SD-Modell ist nebenstehend abgebildet.		##Das korrekte SD-Modell ist nebenstehend abgebildet.
	##Die Kondensatorenergie berechnet sich aus einer Integration über die Prozessleistung.		##Die Kondensatorenergie berechnet sich aus einer Integration über die Prozessleistung. Weil ein idealer [[Kondensator]] ein reiner Energiespeicher ist, kann die am Ende des Prozesses gespeicherte Energie direkt berechnet werden <math>W = \frac {1}{2}CU^2</math> = 180 mJ.
	##[[Bild:Aviatik_1_4.png\|thumb\|]]Ersetzt man das Glühbirnchen durch einen stromunabhängigen Widerstand, ~~fliesst~~ ~~zuerst~~ ~~ein~~ ~~schwächerer~~ Strom.		##[[Bild:Aviatik_1_4.png\|thumb\|]]Ersetzt man das Glühbirnchen durch einen stromunabhängigen Widerstand, muss die gegebene Spannungs-Strom-Funktion durch den Quotienten ''I = U/R'' ersetzt werden. Vergleicht man den hier gegebenen Widerstand von 6 Ω mit dem aus der Spannungs-Strom-Funktion des Glühbirnchens zu berechnenden Widerstandes, wird klar, dass der Widerstand bei den anfänglich anliegenden 6 V Spannung mehr Strom durchlässt, als das Glühbirnchen.

			'''[[Aviatik 2006/1\|Prüfung]]'''

Admin am 16. Dezember 2006 um 10:29 Uhr

2006-12-16T10:29:19Z

Admin am 15. Dezember 2006 um 13:04 Uhr

2006-12-15T13:04:21Z

← Nächstältere Version		Version vom 15. Dezember 2006, 13:04 Uhr
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	##Das korrekte SD-Modell ist nebenstehend abgebildet.		##Das korrekte SD-Modell ist nebenstehend abgebildet.
	##Die Kondensatorenergie berechnet sich aus einer Integration über die Prozessleistung.		##Die Kondensatorenergie berechnet sich aus einer Integration über die Prozessleistung.
	##Ersetzt man das Glühbirnchen durch einen stromunabhängigen Widerstand, fliesst zuerst ein schwächerer Strom.		##[[Bild:Aviatik_1_4.png\|thumb\|]]Ersetzt man das Glühbirnchen durch einen stromunabhängigen Widerstand, fliesst zuerst ein schwächerer Strom.

Admin am 15. Dezember 2006 um 12:53 Uhr

2006-12-15T12:53:10Z

← Nächstältere Version		Version vom 15. Dezember 2006, 12:53 Uhr
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	##Das korrekte SD-Modell ist nebenstehend abgebildet.		##Das korrekte SD-Modell ist nebenstehend abgebildet.
	##Die Kondensatorenergie berechnet sich aus einer Integration über die Prozessleistung.		##Die Kondensatorenergie berechnet sich aus einer Integration über die Prozessleistung.
			##Ersetzt man das Glühbirnchen durch einen stromunabhängigen Widerstand, fliesst zuerst ein schwächerer Strom.
	##[[Bild:Aviatik_1_4.jpg\|thumb\|''Q-t''-Diagramm für vergeschaltetes Glühbirnchen und Widerstand]]

Admin am 15. Dezember 2006 um 12:40 Uhr

2006-12-15T12:40:29Z

← Nächstältere Version		Version vom 15. Dezember 2006, 12:40 Uhr
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	##Im Ausgleichsprozess "fallen" 10.67 mC (4 mF * (4V - 1.33 V)) im Mittel um 2 V hinunter. Folglich werden 21.33 mJ Energie im Widerstand [[Dissipation\|dissipiert]].		##Im Ausgleichsprozess "fallen" 10.67 mC (4 mF * (4V - 1.33 V)) im Mittel um 2 V hinunter. Folglich werden 21.33 mJ Energie im Widerstand [[Dissipation\|dissipiert]].
	##Ersetzt man beide Kondensatoren durch einen einzigen mit einer Kapazität von 2.67 mF, der auf 4 V aufgeladen worden ist, kann der Vorgang als [[Kondensator entladen\|Entladevorgang]] eines Kondensators mit 4 V über einem Widerstand mit kΩ aufgefasst werden. Die Zeitkonstante (''RC'') beträgt dann 13.33 s. Für die fragliche Zeit gilt <math>t = \tau \ln (U/U_0) </math> = 13.33 s * ln2 = 9.24 s.		##Ersetzt man beide Kondensatoren durch einen einzigen mit einer Kapazität von 2.67 mF, der auf 4 V aufgeladen worden ist, kann der Vorgang als [[Kondensator entladen\|Entladevorgang]] eines Kondensators mit 4 V über einem Widerstand mit kΩ aufgefasst werden. Die Zeitkonstante (''RC'') beträgt dann 13.33 s. Für die fragliche Zeit gilt <math>t = \tau \ln (U/U_0) </math> = 13.33 s * ln2 = 9.24 s.
			#[[Bild:Aviatik_1_3.jpg\|thumb\|Systemdiagramm]]Die systemdynamische Modellierungstechnik basiert auf der [[Bilanz]] von [[Primärgrösse\|Primärgrössen]]. Folglich beginnt man mit der Bilanz bezüglich des Kondensators. Aus der Ladung kann die Spannung über dem Kondensator berechnet werden. Die Differenz zu ''U<sub>0</sub>'' liegt dann über dem Glühbirnchen. Diese Differenzspannung liefert über die in der Aufgabe gegebene Funktion die Stärke des Stromes durch das Glühbirnchen und folglich auf bezüglich des Kondensators.
			##Das korrekte SD-Modell ist nebenstehend abgebildet.
			##Die Kondensatorenergie berechnet sich aus einer Integration über die Prozessleistung.
			##[[Bild:Aviatik_1_4.jpg\|thumb\|''Q-t''-Diagramm für vergeschaltetes Glühbirnchen und Widerstand]]

Admin am 15. Dezember 2006 um 10:26 Uhr

2006-12-15T10:26:51Z

← Nächstältere Version		Version vom 15. Dezember 2006, 10:26 Uhr
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	##Verkleinert man bei laminarer Strömung die angelegte Druckdifferenz um den Faktor 1/2.5 auf 0.1 bar, geht die Volumenstromstärke proportional dazu von 5 ml/s auf 2 ml/s zurück.		##Verkleinert man bei laminarer Strömung die angelegte Druckdifferenz um den Faktor 1/2.5 auf 0.1 bar, geht die Volumenstromstärke proportional dazu von 5 ml/s auf 2 ml/s zurück.
	#Diese Aufgabe bezieht sich auf das erste Experiment im Laborunterricht.		#Diese Aufgabe bezieht sich auf das erste Experiment im Laborunterricht.
	##Eine Pet-Flasche verhält sich wie ein [[Blasenspeicher]]. Ändert sich das Volumen der Luftblase so langsam, dass die Temperatur der Luft nur wenig ansteigt oder abfällt, gilt das Gesetz von K[[Boyle-Mariotte]], wonach das Produkt aus Volumen und Druck konstant bleibt. Drückt man die Luft auf einen Achtel zusammen, steigt der Absolutdruck um das Achtfache auf 8 bar. Folglich würde man mit einem Manometer einen Druck von 7 bar messen.		##Eine Pet-Flasche verhält sich wie ein [[Blasenspeicher]]. Ändert sich das Volumen der Luftblase so langsam, dass die Temperatur der Luft nur wenig ansteigt oder abfällt, gilt das Gesetz von [[Boyle-Mariotte]], wonach das Produkt aus Volumen und Druck konstant bleibt. Drückt man die Luft auf einen Achtel zusammen, steigt der Absolutdruck um das Achtfache auf 8 bar. Folglich würde man mit einem Manometer einen Druck von 7 bar messen.
	##Das Volumen des weggeflossenen Wassers entspricht der Fläche unter dem Volumenstromstärke-Zeit-Diagramm (1.037 Liter). Zieht man dieses Volumen vom Anfangswert von 1.4 l ab, erhält man einen Rest von 0.363 Liter.		##Das Volumen des weggeflossenen Wassers entspricht der Fläche unter dem Volumenstromstärke-Zeit-Diagramm (1.037 Liter). Zieht man dieses Volumen vom Anfangswert von 1.4 l ab, erhält man einen Rest von 0.363 Liter.
	##Bei einer Füllmenge von 0.363 Liter Wasser beträgt der Druck noch 1.29 bar. Der [[zugeordneter Energiestrom\|zugeordnete Energiestrom]] (Druck mal Volumenstromstärke)hat bei einer Volumenstromstärke von 2.7 10<sup>-5</sup> m<sup>3</sup>/s eine Stärke von 3.5 W.		##Bei einer Füllmenge von 0.363 Liter Wasser beträgt der Druck noch 1.29 bar. Der [[zugeordneter Energiestrom\|zugeordnete Energiestrom]] (Druck mal Volumenstromstärke)hat bei einer Volumenstromstärke von 2.7 10<sup>-5</sup> m<sup>3</sup>/s eine Stärke von 3.5 W.
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	#Die beiden ersten Teilaufgaben löst man mit Vorteil im [[Flüssigkeitsbild]].		#Die beiden ersten Teilaufgaben löst man mit Vorteil im [[Flüssigkeitsbild]].
	##Beim Entladen verteilen sich 16 mC Ladung auf beide Kondensatoren, was zu einer Endspannung von 1.33 V führt.		##Beim Entladen verteilen sich 16 mC Ladung auf beide Kondensatoren, was zu einer Endspannung von 1.33 V führt.
	##Im Ausgleichsprozess "fallen" 10.67 mC (4 mF * [4V - 1.33 V]) im Mittel um 2 V hinunter. Folglich werden 21.33 mJ Energie im Widerstand [[Dissipation\|dissipiert]].		##Im Ausgleichsprozess "fallen" 10.67 mC (4 mF * (4V - 1.33 V)) im Mittel um 2 V hinunter. Folglich werden 21.33 mJ Energie im Widerstand [[Dissipation\|dissipiert]].
	##Ersetzt man beide Kondensatoren durch einen einzigen mit einer Kapazität von 2.67 mF, der auf 4 V aufgeladen worden ist, kann der Vorgang als [[Kondensator entladen\|Entladevorgang]] eines Kondensators mit 4 V über einem Widerstand mit kΩ aufgefasst werden. Die Zeitkonstante (''RC'') beträgt dann 13.33 s. Für die fragliche Zeit gilt <math>t = \tau \ln (U/U_0) </math> = 13.33 s * ln2 = 9.24 s.		##Ersetzt man beide Kondensatoren durch einen einzigen mit einer Kapazität von 2.67 mF, der auf 4 V aufgeladen worden ist, kann der Vorgang als [[Kondensator entladen\|Entladevorgang]] eines Kondensators mit 4 V über einem Widerstand mit kΩ aufgefasst werden. Die Zeitkonstante (''RC'') beträgt dann 13.33 s. Für die fragliche Zeit gilt <math>t = \tau \ln (U/U_0) </math> = 13.33 s * ln2 = 9.24 s.

Admin am 15. Dezember 2006 um 09:50 Uhr

2006-12-15T09:50:44Z

← Nächstältere Version		Version vom 15. Dezember 2006, 09:50 Uhr
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	##Bei einer Füllmenge von 0.363 Liter Wasser beträgt der Druck noch 1.29 bar. Der [[zugeordneter Energiestrom\|zugeordnete Energiestrom]] (Druck mal Volumenstromstärke)hat bei einer Volumenstromstärke von 2.7 10<sup>-5</sup> m<sup>3</sup>/s eine Stärke von 3.5 W.		##Bei einer Füllmenge von 0.363 Liter Wasser beträgt der Druck noch 1.29 bar. Der [[zugeordneter Energiestrom\|zugeordnete Energiestrom]] (Druck mal Volumenstromstärke)hat bei einer Volumenstromstärke von 2.7 10<sup>-5</sup> m<sup>3</sup>/s eine Stärke von 3.5 W.
	##Die Änderungsrate der Volumenstromstärke entspricht der Steigung der Kurve im Volumenstromstärke-Zeit-Diagramm. Diese Steigung kann mit Hilfe der Tangente gefunden werden und beträgt -2.4 10<sup>-6</sup> m<sup>3</sup>/s<sup>2</sup>		##Die Änderungsrate der Volumenstromstärke entspricht der Steigung der Kurve im Volumenstromstärke-Zeit-Diagramm. Diese Steigung kann mit Hilfe der Tangente gefunden werden und beträgt -2.4 10<sup>-6</sup> m<sup>3</sup>/s<sup>2</sup>
	#Die HGÜ hat eine Eingangsspannung von 500 kV und eine Ausgangsspannung von 472 kV. Folglich fällt die Spannung über den 980 km um 28 V zusammen.		#Die HGÜ hat eine Eingangsspannung von 500 kV und eine Ausgangsspannung von 472 kV. Folglich fällt die Spannung über den 980 km um 28 kV zusammen.
	##Die Stromstärke ist gleich Leistung durch ~~Spannung~~ (''P = UI''), also gleich 6 kA.		##Die Stromstärke ist gleich eingespeister Leistung durch Eingangsspannung (''P = UI''), also gleich 6 kA.
	##Der Widerstand der HGÜ ist gleich Spannung über dem System dividiert durch die Stromstärke, als gleich 28 kV / 6 kA = 4.67 Ω.		##Der Widerstand der HGÜ ist gleich Spannung über dem System dividiert durch die Stromstärke, als gleich 28 kV / 6 kA = 4.67 Ω.
	##Die [[Dissipation\|dissipierte]] Leistung beträgt 168 MW (''P = UI'', Spannung über der HGÜ mal Stromstärke). Mit diesen 5.6 % könnte man ziemlich viele Haushalte mit elektrischer Energie versorgen!		##Die [[Dissipation\|dissipierte]] Leistung beträgt 168 MW (''P = UI'', Spannung über der HGÜ mal Stromstärke). Mit diesen 5.6 % Verlust gegenüber der eingespeisten Leistung könnte man ziemlich viele Haushalte mit elektrischer Energie versorgen!
	##Indem man die Spannung noch höher hinauf transformiert, kann der Verlust verringert werden. Nur muss man die Kosten für die Transformation sowie die dort anfallenden Verluste auch mit einbeziehen. Weil bei höherer Spannung die Isolatoren grösser gemacht werden müssen, steigen die Kosten pro Mast. Kostengünstige und leitfähigere Materialien als Kupfer und Aluminium sind keine auf dem Markt. Dickere Drähte erhöht das Gewicht und ~~verteuert~~ die Masten.		##Indem man die Spannung noch höher hinauf transformiert, kann der Verlust verringert werden. Nur muss man die Kosten für die Transformation sowie die dort anfallenden Verluste auch mit einbeziehen. Weil bei höherer Spannung die Isolatoren grösser gemacht werden müssen, steigen die Kosten pro Mast. Kostengünstige und leitfähigere Materialien als Kupfer und Aluminium sind keine auf dem Markt. Dickere Drähte kosten mehr, erhöht das Gewicht und verteuern die Masten.
			#Die beiden ersten Teilaufgaben löst man mit Vorteil im [[Flüssigkeitsbild]].
			##Beim Entladen verteilen sich 16 mC Ladung auf beide Kondensatoren, was zu einer Endspannung von 1.33 V führt.
			##Im Ausgleichsprozess "fallen" 10.67 mC (4 mF * [4V - 1.33 V]) im Mittel um 2 V hinunter. Folglich werden 21.33 mJ Energie im Widerstand [[Dissipation\|dissipiert]].
			##Ersetzt man beide Kondensatoren durch einen einzigen mit einer Kapazität von 2.67 mF, der auf 4 V aufgeladen worden ist, kann der Vorgang als [[Kondensator entladen\|Entladevorgang]] eines Kondensators mit 4 V über einem Widerstand mit kΩ aufgefasst werden. Die Zeitkonstante (''RC'') beträgt dann 13.33 s. Für die fragliche Zeit gilt <math>t = \tau \ln (U/U_0) </math> = 13.33 s * ln2 = 9.24 s.

← Nächstältere Version		Version vom 16. Dezember 2006, 10:29 Uhr
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	##In den fraglichen 200 s fliessen 220 l zu und 180 l ab (entsprechend den Flächen unter den Volumenstromstärken-Zeit-Diagrammen). Folglich nimmt der Inhalt um 40 l zu. Dividiert man diese Zunahme durch die Grundfläche des Gefässes, erhält man eine Zunahme des Füllstandes von einem Meter.		##In den fraglichen 200 s fliessen 220 l zu und 180 l ab (entsprechend den Flächen unter den Volumenstromstärken-Zeit-Diagrammen). Folglich nimmt der Inhalt um 40 l zu. Dividiert man diese Zunahme durch die Grundfläche des Gefässes, erhält man eine Zunahme des Füllstandes von einem Meter.
	#Diese Aufgabe soll den Begriff hydrodynamische [[Prozessleistung]] und den Umgang mit den Widerstandsgesetzen bei turbulenter und laminarer Strömung überprügen.		#Diese Aufgabe soll den Begriff hydrodynamische [[Prozessleistung]] und den Umgang mit den Widerstandsgesetzen bei turbulenter und laminarer Strömung überprügen.
	##Die [[Prozessleistung]] ist gleich [[Potenzial]]differenz mal Stromstärke. Weil in der Hydrodynamik der Druck als Potenzial und das Volumen als [[Primärgrösse]] anzusehen sind, muss die akutelle Druckdifferenz mit der momentanen Volumenstromstärke multipliziert werden, was eine eine Leistung von 0.125 W ergibt.		##Die [[Prozessleistung]] ist gleich [[Potenzial]]differenz mal Stromstärke. Weil in der Hydrodynamik der Druck als [[Potenzial]] und das Volumen als [[Primärgrösse]] anzusehen sind, muss die akutelle Druckdifferenz mit der momentanen Volumenstromstärke multipliziert werden, was eine eine Leistung von 0.125 W ergibt.
	##~~Verfünfacht~~ man bei turbulenter Strömung die Volumenstromstärke auf 25 ml/s, erhöht sich der Druck um den Faktor 25 auf 6.25 bar.		##Verfünffacht man bei turbulenter Strömung die Volumenstromstärke auf 25 ml/s, erhöht sich der Druck um den Faktor 25 auf 6.25 bar.
	##Verkleinert man bei laminarer Strömung die angelegte Druckdifferenz um den Faktor 1/2.5 auf 0.1 bar, geht die Volumenstromstärke proportional dazu von 5 ml/s auf 2 ml/s zurück.		##Verkleinert man bei laminarer Strömung die angelegte Druckdifferenz um den Faktor 0.4 = <sup>1</sup>/<sub>2.5</sub> auf 0.1 bar, geht die Volumenstromstärke proportional dazu von 5 ml/s auf 2 ml/s zurück.
	#Diese Aufgabe bezieht sich auf das erste Experiment im Laborunterricht.		#Diese Aufgabe bezieht sich auf das erste Experiment im Laborunterricht.
	##Eine Pet-Flasche verhält sich wie ein [[Blasenspeicher]]. Ändert sich das Volumen der Luftblase so langsam, dass die Temperatur der Luft nur wenig ansteigt oder abfällt, gilt das Gesetz von [[Boyle-Mariotte]], wonach das Produkt aus Volumen und Druck konstant bleibt. Drückt man die Luft auf einen Achtel zusammen, steigt der Absolutdruck um das Achtfache auf 8 bar. Folglich würde man mit einem Manometer einen ~~Druck~~ von 7 bar messen.		##Eine Pet-Flasche verhält sich wie ein [[Blasenspeicher]]. Ändert sich das Volumen der Luftblase so langsam, dass die Temperatur der Luft nur wenig ansteigt oder abfällt, gilt das Gesetz von [[Boyle-Mariotte]], wonach das Produkt aus Volumen und Druck konstant bleibt. Drückt man die Luft auf einen Achtel zusammen, steigt der Absolutdruck um das Achtfache auf 8 bar. Folglich würde man mit einem Manometer einen Überdruck von 7 bar messen.
	##Das Volumen des weggeflossenen Wassers entspricht der Fläche unter dem Volumenstromstärke-Zeit-Diagramm (1.037 Liter). Zieht man dieses Volumen vom Anfangswert von 1.4 l ab, erhält man einen Rest von 0.363 Liter.		##Das Volumen des weggeflossenen Wassers entspricht der Fläche unter dem Volumenstromstärke-Zeit-Diagramm (1.037 Liter). Zieht man dieses Volumen vom Anfangswert von 1.4 l ab, erhält man einen Rest von 0.363 Liter.
	##Bei einer Füllmenge von 0.363 Liter Wasser beträgt der Druck noch 1.29 bar. Der [[zugeordneter Energiestrom\|zugeordnete Energiestrom]] (Druck mal Volumenstromstärke)hat bei einer Volumenstromstärke von 2.7 10<sup>-5</sup> m<sup>3</sup>/s eine Stärke von 3.5 W.		##Bei einer Füllmenge von 0.363 Liter Wasser beträgt der Druck noch 1.29 bar. Der [[zugeordneter Energiestrom\|zugeordnete Energiestrom]] (Druck mal Volumenstromstärke) hat bei einer Volumenstromstärke von 2.7 10<sup>-5</sup> m<sup>3</sup>/s eine Stärke von 3.5 W.
	##Die Änderungsrate der Volumenstromstärke entspricht der Steigung der Kurve im Volumenstromstärke-Zeit-Diagramm. Diese Steigung kann mit Hilfe der Tangente gefunden werden und beträgt -2.4 10<sup>-6</sup> m<sup>3</sup>/s<sup>2</sup>		##Die Änderungsrate der Volumenstromstärke entspricht der Steigung der Kurve im Volumenstromstärke-Zeit-Diagramm. Diese Steigung kann mit Hilfe der Tangente gefunden werden und beträgt -2.4 10<sup>-6</sup> m<sup>3</sup>/s<sup>2</sup>
	#Die HGÜ hat eine Eingangsspannung von 500 kV und eine Ausgangsspannung von 472 kV. Folglich fällt die Spannung über den 980 km um 28 kV zusammen.		#Die HGÜ hat eine Eingangsspannung von 500 kV und eine Ausgangsspannung von 472 kV. Folglich fällt die Spannung über den 980 km um 28 kV zusammen.
	##Die Stromstärke ist gleich ~~eingespeister~~ Leistung durch Eingangsspannung (''P = UI''), also gleich 6 kA.		##Die Stromstärke ist gleich eingespeiste Leistung durch Eingangsspannung (''P = UI''), also gleich 6 kA.
	##Der Widerstand der HGÜ ist gleich Spannung über dem System dividiert durch die Stromstärke, als gleich 28 kV / 6 kA = 4.67 Ω.		##Der Widerstand der HGÜ ist gleich Spannung über dem System dividiert durch die Stromstärke, als gleich 28 kV / 6 kA = 4.67 Ω.
	##Die [[Dissipation\|dissipierte]] Leistung beträgt 168 MW (''P = UI'', Spannung über der HGÜ mal Stromstärke). Mit diesen 5.6 % Verlust gegenüber der eingespeisten Leistung könnte man ~~ziemlich~~ ~~viele~~ ~~Haushalte~~ mit elektrischer Energie versorgen!		##Die [[Dissipation\|dissipierte]] Leistung beträgt 168 MW (''P = UI'', Spannung über der HGÜ mal Stromstärke). Mit diesen 5.6 % Verlust gegenüber der eingespeisten Leistung könnte man eine grosse Zahl von Haushalten mit elektrischer Energie versorgen!
	##Indem man die Spannung noch höher hinauf transformiert, kann der Verlust verringert werden. Nur muss man die Kosten für die Transformation sowie die dort anfallenden Verluste auch mit einbeziehen. Weil bei höherer Spannung die Isolatoren grösser gemacht werden müssen, steigen die Kosten pro Mast. Kostengünstige und leitfähigere Materialien als Kupfer und Aluminium sind keine auf dem Markt. Dickere Drähte kosten mehr, ~~erhöht~~ das Gewicht und verteuern die Masten.		##Indem man die Spannung noch höher hinauf transformiert, kann der Verlust verringert werden. Nur muss man die Kosten für die Transformation sowie die dort anfallenden Verluste auch mit einbeziehen. Weil bei höherer Spannung die Isolatoren grösser gemacht werden müssen, steigen auch die Kosten pro Mast. Kostengünstige und leitfähigere Materialien als Kupfer und Aluminium sind keine auf dem Markt. Dickere Drähte kosten mehr, erhöhen das Gewicht und verteuern damit die Masten.
	#Die beiden ersten Teilaufgaben löst man mit Vorteil im [[Flüssigkeitsbild]].		#Die beiden ersten Teilaufgaben löst man mit Vorteil im [[Flüssigkeitsbild]].
	##Beim Entladen verteilen sich 16 mC Ladung auf beide Kondensatoren, was zu einer Endspannung von 1.33 V führt.		##Beim Entladen verteilen sich 16 mC Ladung auf beide Kondensatoren, was zu einer Endspannung von je 1.33 V führt.
	##Im Ausgleichsprozess "fallen" 10.67 mC (4 mF * (4V - 1.33 V)) im Mittel um 2 V hinunter. Folglich werden 21.33 mJ Energie im Widerstand [[Dissipation\|dissipiert]].		##Im Ausgleichsprozess "fallen" 10.67 mC (4 mF * (4V - 1.33 V)) im Mittel um 2 V hinunter. Folglich werden 21.33 mJ Energie im Widerstand [[Dissipation\|dissipiert]].
	##Ersetzt man beide Kondensatoren durch einen einzigen mit einer Kapazität von 2.67 mF, der auf 4 V aufgeladen worden ist, kann der Vorgang als [[Kondensator entladen\|~~Entladevorgang~~]] eines Kondensators ~~mit~~ 4 V über einem Widerstand mit kΩ aufgefasst werden. Die Zeitkonstante (''RC'') beträgt dann 13.33 s. Für die fragliche Zeit gilt <math>t = \tau \ln (U/U_0) </math> = 13.33 s * ln2 = 9.24 s.		##Ersetzt man beide Kondensatoren durch einen einzigen mit einer Kapazität von 2.67 mF, der auf 4 V aufgeladen worden ist, kann der Vorgang als [[Kondensator entladen\|Entladeprozess]] eines Kondensators (Spannung zu Beginn 4 V) über einem Widerstand mit 5 kΩ aufgefasst werden. Die Zeitkonstante (''RC'') beträgt dann 13.33 s. Für die fragliche Zeit gilt <math>t = \tau \ln (U/U_0) </math> = 13.33 s * ln2 = 9.24 s.
	#[[Bild:Aviatik_1_3.jpg\|thumb\|Systemdiagramm]]Die systemdynamische Modellierungstechnik basiert auf der [[Bilanz]] von [[Primärgrösse\|Primärgrössen]]. Folglich beginnt man mit der Bilanz bezüglich des Kondensators. Aus der Ladung kann die Spannung über dem Kondensator berechnet werden. Die Differenz zu ''U<sub>0</sub>'' liegt dann über dem Glühbirnchen. Diese Differenzspannung liefert über die in der Aufgabe gegebene Funktion die Stärke des Stromes durch das Glühbirnchen und folglich auf bezüglich des Kondensators.		#[[Bild:Aviatik_1_3.jpg\|thumb\|Systemdiagramm]]Die [[System Dynamics\|systemdynamische Modellierungstechnik]] basiert auf der [[Bilanz]] von [[Primärgrösse\|Primärgrössen]]. Folglich beginnt man hier mit der Bilanz bezüglich des Kondensators. Aus der Ladung kann die Spannung über dem Kondensator berechnet werden. Die Differenz zu ''U<sub>0</sub>'' liegt dann über dem Glühbirnchen. Diese Differenzspannung liefert über die in der Aufgabe gegebene Funktion die Stärke des Stromes durch das Glühbirnchen und folglich auf bezüglich des Kondensators.
	##Das korrekte SD-Modell ist nebenstehend abgebildet.		##Das korrekte SD-Modell ist nebenstehend abgebildet.
	##Die Kondensatorenergie berechnet sich aus einer Integration über die Prozessleistung.		##Die Kondensatorenergie berechnet sich aus einer Integration über die Prozessleistung.